✏️ Gemischte Aufgaben

Aufgaben ohne Hilfsmittel

Aufgabe 1: Vektoroperationen

Videoerklärung

Gegeben sind die Vektoren $\vec{a} = \begin{pmatrix}2\\-1\\3\end{pmatrix}$ und $\vec{b} = \begin{pmatrix}1\\2\\-1\end{pmatrix}$ .

a) Berechne $\vec{a} + \vec{b}$ und $\vec{a} - \vec{b}$ .

b) Bestimme $|\vec{a}|$ und $|\vec{b}|$ .

c) Berechne das Skalarprodukt $\vec{a} \cdot \vec{b}$ .

Musterlösung

a) Vektoraddition und -subtraktion:

\begin{align*} \vec{a} + \vec{b} &= \begin{pmatrix}2\\-1\\3\end{pmatrix} + \begin{pmatrix}1\\2\\-1\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}3\\1\\2\end{pmatrix} \\ \vec{a} - \vec{b} &= \begin{pmatrix}2\\-1\\3\end{pmatrix} - \begin{pmatrix}1\\2\\-1\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}1\\-3\\4\end{pmatrix} \end{align*}

b) Beträge der Vektoren:

\begin{align*} |\vec{a}| &= \sqrt{2^2 + (-1)^2 + 3^2} = \sqrt{4 + 1 + 9} = \sqrt{14} \\ |\vec{b}| &= \sqrt{1^2 + 2^2 + (-1)^2} = \sqrt{1 + 4 + 1} = \sqrt{6} \end{align*}

c) Skalarprodukt: $\vec{a} \cdot \vec{b} = 2 \cdot 1 + (-1) \cdot 2 + 3 \cdot (-1) = 2 - 2 - 3 = -3$

Aufgabe 2: Winkel zwischen Vektoren

Videoerklärung

Gegeben sind $\vec{u} = \begin{pmatrix}3\\0\\4\end{pmatrix}$ und $\vec{v} = \begin{pmatrix}0\\5\\0\end{pmatrix}$ .

Berechne den Winkel $\alpha$ zwischen den Vektoren.

Musterlösung

Formel für den Winkel zwischen Vektoren: $\cos(\alpha) = \frac{\vec{u} \cdot \vec{v}}{|\vec{u}| \cdot |\vec{v}|}$

Berechnung der benötigten Werte:

\begin{align*} \vec{u} \cdot \vec{v} &= 3 \cdot 0 + 0 \cdot 5 + 4 \cdot 0 = 0 \\ |\vec{u}| &= \sqrt{3^2 + 0^2 + 4^2} = \sqrt{9 + 16} = 5 \\ |\vec{v}| &= \sqrt{0^2 + 5^2 + 0^2} = 5 \end{align*}

Einsetzen: $\cos(\alpha) = \frac{0}{5 \cdot 5} = 0$

Daher ist $\alpha = 90°$ . Die Vektoren stehen senkrecht aufeinander.

Aufgabe 3: Geraden im Raum

Videoerklärung

Gegeben ist die Gerade $g: \vec{x} = \begin{pmatrix}1\\2\\0\end{pmatrix} + t \cdot \begin{pmatrix}2\\-1\\3\end{pmatrix}$ .

a) Liegt der Punkt $P(5|0|6)$ auf der Geraden?

b) Bestimme den Punkt auf der Geraden, der die $x$ -Koordinate $x = 7$ hat.

Musterlösung

a) Punktprobe für $P(5|0|6)$ :

Ansatz: $\begin{pmatrix}5\\0\\6\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}1\\2\\0\end{pmatrix} + t \cdot \begin{pmatrix}2\\-1\\3\end{pmatrix}$

Komponentenweise:

\begin{align*} x: \quad 5 &= 1 + 2t \quad \Rightarrow \quad t = 2 \\ y: \quad 0 &= 2 - t \quad \Rightarrow \quad t = 2 \\ z: \quad 6 &= 0 + 3t \quad \Rightarrow \quad t = 2 \end{align*}

Alle Gleichungen ergeben $t = 2$ , daher liegt $P$ auf der Geraden.

b) Punkt mit $x = 7$ :

Aus $7 = 1 + 2t$ folgt $t = 3$ .

Der gesuchte Punkt ist: $\begin{pmatrix}7\\2-3\\0+9\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}7\\-1\\9\end{pmatrix}$

Aufgabe 4: Ebenen in Parameterform

Videoerklärung

Gegeben ist die Ebene $E: \vec{x} = \begin{pmatrix}2\\0\\1\end{pmatrix} + r \cdot \begin{pmatrix}1\\1\\0\end{pmatrix} + s \cdot \begin{pmatrix}0\\1\\1\end{pmatrix}$ .

Liegt der Punkt $Q(3|2|2)$ auf der Ebene?

Musterlösung

Ansatz: $\begin{pmatrix}3\\2\\2\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}2\\0\\1\end{pmatrix} + r \cdot \begin{pmatrix}1\\1\\0\end{pmatrix} + s \cdot \begin{pmatrix}0\\1\\1\end{pmatrix}$

Gleichungssystem:

\begin{align*} x: \quad 3 &= 2 + r \quad \Rightarrow \quad r = 1 \\ y: \quad 2 &= 0 + r + s \quad \Rightarrow \quad 1 + s = 2 \quad \Rightarrow \quad s = 1 \\ z: \quad 2 &= 1 + s \quad \Rightarrow \quad s = 1 \end{align*}

Das System ist lösbar mit $r = 1, s = 1$ . Der Punkt $Q$ liegt auf der Ebene.

Aufgabe 5: Dreieck

Videoerklärung

Gegeben sind die Punkte $A(1|2|3)$ , $B(4|0|1)$ und $C(2|5|4)$ .

a) Überprüfe, ob die drei Punkte eine gleichschenkliges oder rechteckiges Dreieck bilden.

b) Bestimme die Seitenlängen des Dreiecks.

c) Stelle eine Ebene in Parameterform auf, in der das Dreieck liegt.

d) Gib einen weiteren Punkt an der in der Ebene liegt.

Musterlösung

a) Um zu überprüfen, ob das Dreieck gleichschenklig oder rechtwinklig ist, berechnen wir die Seitenlängen:

\vec{AB} = \begin{pmatrix}4-1\\0-2\\1-3\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}3\\-2\\-2\end{pmatrix}, \quad |\vec{AB}| = \sqrt{3^2 + (-2)^2 + (-2)^2} = \sqrt{9 + 4 + 4} = \sqrt{17} \\ \vec{AC} = \begin{pmatrix}2-1\\5-2\\4-3\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}1\\3\\1\end{pmatrix}, \quad |\vec{AC}| = \sqrt{1^2 + 3^2 + 1^2} = \sqrt{1 + 9 + 1} = \sqrt{11} \\ \vec{BC} = \begin{pmatrix}2-4\\5-0\\4-1\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}-2\\5\\3\end{pmatrix}, \quad |\vec{BC}| = \sqrt{(-2)^2 + 5^2 + 3^2} = \sqrt{4 + 25 + 9} = \sqrt{38}

Da nicht zwei Seiten gleich lang sind, ist das Dreieck nicht gleichsenkling.

Um zu prüfen, ob es rechtwinklig ist, berechnen wir die Skalarprodukte:

\vec{AB} \cdot \vec{AC} = 3 \cdot 1 + (-2) \cdot 3 + (-2) \cdot 1 = 3 - 6 - 2 = -5 \\ \vec{AB} \cdot \vec{BC} = 3 \cdot (-2) + (-2) \cdot 5 + (-2) \cdot 3 = -6 - 10 - 6 = -22 \\ \vec{AC} \cdot \vec{BC} = 1 \cdot (-2) + 3 \cdot 5 + 1 \cdot 3 = -2 + 15 + 3 = 16

Da keine der Skalarprodukte null ist, ist das Dreieck nicht rechtwinklig.

b) Die Seitenlängen wurden bereits in Teil a) berechnet.

c) Eine Ebene, in der das Dreieck liegt, kann mit dem Stützvektor $\vec{OA} = \begin{pmatrix}1\\2\\3\end{pmatrix}$ und den Spannvektoren $\vec{AB}$ und $\vec{AC}$ aufgestellt werden:

E: \vec{x} = \begin{pmatrix}1\\2\\3\end{pmatrix} + r \cdot \begin{pmatrix}3\\-2\\-2\end{pmatrix} + s \cdot \begin{pmatrix}1\\3\\1\end{pmatrix}

d) Ein weiterer Punkt in der Ebene kann durch Wahl von $r = 1$ und $s = 2$ gefunden werden:

\vec{OP} = \begin{pmatrix}1\\2\\3\end{pmatrix} + 1 \cdot \begin{pmatrix}3\\-2\\-2\end{pmatrix} + 2 \cdot \begin{pmatrix}1\\3\\1\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}1 + 3 + 2\\2 - 2 + 6\\3 - 2 + 2\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}6\\6\\3\end{pmatrix}

Damit liegt der Punkt $P(6|6|3)$ in der Ebene.

Aufgabe 6: Ebene in Koordinatenform

Videoerklärung

Gegeben ist die Parameterform einer Ebene $E$ :

E: \vec{x} = \begin{pmatrix}2\\1\\0\end{pmatrix} + r \cdot \begin{pmatrix}2\\0\\-2\end{pmatrix} + s \cdot \begin{pmatrix}0\\4\\1\end{pmatrix}

a) Zeigen Sie, dass der Vektor $\vec{n} = \begin{pmatrix}4\\-1\\4\end{pmatrix}$ ein Normalenvektor der Ebene $E$ ist.

b) Stellen Sie die Koordinatenform der Ebene $E$ auf.

Musterlösung

a) Überprüfung durch Skalarprodukte:

\begin{align*} \vec{n} \cdot \vec{r_1} &= \begin{pmatrix}4\\-1\\4\end{pmatrix} \cdot \begin{pmatrix}2\\0\\-2\end{pmatrix} = 4 \cdot 2 + (-1) \cdot 0 + 4 \cdot (-2) = 8 + 0 - 8 = 0 \\ \end{align*}

b) Koordinatenform aufstellen:

Mit dem Normalenvektor $\vec{n} = \begin{pmatrix}4\\-1\\4\end{pmatrix}$ und dem Stützvektor $\vec{p} = \begin{pmatrix}2\\1\\0\end{pmatrix}$ :

\begin{align*} \vec{n} \cdot \vec{x} &= d \\ 4x_1 - 1x_2 + 4x_3 &= d \end{align*}

Bestimmung von $d$ durch Einsetzen von $\vec{p}$ :

4 \cdot 2 - 1 \cdot 1 + 4 \cdot 0 = 8 - 1 + 0 = 7

Also lautet die Koordinatenform der Ebene:

4x_1 - x_2 + 4x_3 = 7

Aufgaben mit Hilfsmitteln

Aufgabe 1: Architektur-Anwendung

Videoerklärung

Ein Architekt plant ein Dach einer großen Terrasse mit einer geneigten Ebene. Die Eckpunkte des rechteckigen Daches sind:

$A(0|0|3)$
$B(10|0|3)$
$C(10|8|5)$
$D(0|8|5)$

A(0|0|3) B(10|0|3) C(10|8|5) D(0|8|5) E(0|0|0) F(10|0|0) G(10|8|0) H(0|8|0) Polygon(A,B,C, D) Segment(C,G) Segment(D,H) Segment(F,B) Segment(A,E)

a) Weiße nach, dass alle Punkte in einer Ebene liegen, und stelle die Ebene in Parameterform auf.

Musterlösung

Dachebene mit Stützvektor $\vec{OA} = \begin{pmatrix}0\\0\\3\end{pmatrix}$ und Spannvektoren:

\begin{align*} \vec{AB} &= \begin{pmatrix}10\\0\\0\end{pmatrix} \\ \vec{AD} &= \begin{pmatrix}0\\8\\2\end{pmatrix} \end{align*}

Dachebene: $E: \vec{x} = \begin{pmatrix}0\\0\\3\end{pmatrix} + r \cdot \begin{pmatrix}10\\0\\0\end{pmatrix} + s \cdot \begin{pmatrix}0\\8\\2\end{pmatrix}$

Wir müssen noch zeigen, dass Punkt C in der Ebene liegt:

\vec{OC} = \begin{pmatrix}10\\8\\5\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}0\\0\\3\end{pmatrix} + 1 \cdot \begin{pmatrix}10\\0\\0\end{pmatrix} + 1 \cdot \begin{pmatrix}0\\8\\2\end{pmatrix}

Damit liegt Punkt C in der Ebene.

b) Die Mitte des Daches soll durch einen Balken verstärkt werden. Berechne die Koordinaten des Mittelpunktes $M$ des Daches und dessen Höhe vom Boden ( $x_1x_2$ -Ebene).

Musterlösung

Wir finden den Mittelpunkt $M$ des Daches, indem wir vom Ursprung den Vektoren zum Mittelpunkt folgen.

\vec{OM} = \vec{OA} + \frac{1}{2}\vec{AC} = \begin{pmatrix}0\\0\\3\end{pmatrix} + \frac{1}{2}\left(\begin{pmatrix}10\\8\\2\end{pmatrix}\right) = \begin{pmatrix}5\\4\\4\end{pmatrix}

Der Mittelpunkt $M$ hat die Koordinaten $(5|4|4)$ und die Höhe vom Boden beträgt 4 m.

Zur Verschönerung sollen bunte Dachplatte mit den Maßen 90 cm x 60 cm auf das Dach gelegt werden.

c) Berechne die Anzahl der Platten, die benötigt werden, um das gesamte Dach zu bedecken.

Musterlösung

Das Dach ist $| \vec{AB} | = 10 \, m$ breit und $| \vec{AD} | = \sqrt{0^2 + 8^2 + 2^2} = \sqrt{68} \approx 8,24 \, m$ tief.

In die Breite passen 11 Platten (10 m / 0,9 m = 11,11) und in die Tiefe 13 Platten (8,24 m / 0,6 m = 13,73). Insgesamt werden also $11 \cdot 13 = 143$ Platten benötigt.

Werden die Platten in der anderen Ausrichtung verlegt, also 60 cm in die Breite und 90 cm in die Tiefe, passen 16 Platten in die Breite (10 m / 0,6 m = 16,66) und 9 Platten in die Tiefe (8,24 m / 0,9 m = 9,15). Insgesamt werden also $16 \cdot 9 = 144$ Platten benötigt.

Also können maximal 144 Platten verlegt werden.

Die Baugenehmigung für das Dach schreibt vor, dass es maximal 30° geneigt sein darf. In diesem Sachzusamenhang wird folgende Rechnung durchgeführt:

(1) \vec{u} = \vec{AD} = \begin{pmatrix}0\\8\\2\end{pmatrix} \ \ \ \vec{v} = \begin{pmatrix}0\\8\\0\end{pmatrix} \\ (2) \cos{\alpha} = \frac{\begin{pmatrix}0\\8\\2\end{pmatrix} \cdot \begin{pmatrix}0\\8\\0\end{pmatrix}}{\left\lvert\begin{pmatrix}0\\8\\2\end{pmatrix}\right\rvert \cdot \left\lvert\begin{pmatrix}0\\8\\0\end{pmatrix}\right\rvert} \\

d) Erläutere den Ansatz in Zeile (1) und den Rechenschritt in Zeile (2). Berechne anschließend den Winkel $\alpha$ und deute das Ergebnis im Sachzusammenhang.

Musterlösung

In Zeile (1) wird der Richtungsvektor $\vec{u}$ der geneigten Kante $AD$ und der Richtungsvektor $\vec{v}$ der horizontalen Kante $AH$ bestimmt. In Zeile (2) wird der Kosinus des Winkels $\alpha$ zwischen den beiden Vektoren mit Hilfe des Skalarprodukts berechnet.

Den Winkel $\alpha$ berechnen:

\begin{align*} \vec{u} \cdot \vec{v} &= 0 \cdot 0 + 8 \cdot 8 + 2 \cdot 0 = 64 \\ \left\lvert\vec{u}\right\rvert &= \sqrt{0^2 + 8^2 + 2^2} = \sqrt{68} \\ \left\lvert\vec{v}\right\rvert &= \sqrt{0^2 + 8^2 + 0^2} = 8 \\ \alpha &= \cos^{-1}\left(\frac{64}{\sqrt{68} \cdot 8}\right) = \cos^{-1}\left(\frac{64}{8\sqrt{68}}\right) = \cos^{-1}\left(\frac{8}{\sqrt{68}}\right) \approx 14,04° \end{align*}

Das Dach ist mit einem Winkel von ca. 14,04° geneigt, was innerhalb der zulässigen Neigung von 30° liegt.

e) Bestimme für die Punkte D und C neue Koordinaten, sodass das Dach genau 30° geneigt ist. Gib die neuen Koordinaten an.

Musterlösung

Um die Neigung auf genau 30° zu ändern, muss der Höhenunterschied zwischen den Punkten D und A angepasst werden. Dazu stellen wir einen Vektore mit einer fehlenden Höhe $h$ auf:

\vec{AD_{neu}} = \begin{pmatrix}0\\8\\h-3\end{pmatrix}

Dieser muss den Winkel von 30° mit dem Vektor $\begin{pmatrix}0\\8\\3\end{pmatrix}$ bilden. Wir verwenden die gleiche Formel wie zuvor:

\begin{align*} \cos{30°} &= \frac{\vec{AD_{neu}} \cdot \begin{pmatrix}0\\8\\0\end{pmatrix}}{|\vec{AD_{neu}}| \cdot |\begin{pmatrix}0\\8\\0\end{pmatrix}|} \frac{\sqrt{3}}{2} &= \frac{0 \cdot 0 + 8 \cdot 8 + h \cdot 0}{\sqrt{0^2 + 8^2 + (h-3)^2} \cdot 8} \\ \frac{\sqrt{3}}{2} &= \frac{64}{8\sqrt{64 + (h-3)^2}} &| \cdot \sqrt{64 + h^2}\\ \sqrt{3} \cdot \sqrt{64 + (h-3)^2} &= 16 \\ \sqrt{64 + h^2} &= \frac{16}{\sqrt{3}} &| (...)^2 \\ 64 + (h-3)^2 &= \frac{256}{3} \\ (h-3)^2 &= \frac{64}{3} &| \sqrt{...} \\ h+3 &= \pm \sqrt{\frac{64}{3}} = \pm \frac{8}{\sqrt{3}} h &= \pm \frac{8}{\sqrt{3}} + 3 h &\approx \pm 4,62 + 3 = \pm 7,62 \end{align*}

Da das Dach höher als Punkt A sein muss, wählen wir den positiven Wert. Die neuen Koordinaten von D und G sind somit:

$D_{neu}(0|8|7,62)$ $G_{neu}(10|8|7,62)$

Aufgabe 2: Schnittwinkel und Lagebeziehungen

Videoerklärung

Gegeben sind die Geraden:

$g_1: \vec{x} = \begin{pmatrix}1\\0\\2\end{pmatrix} + t \cdot \begin{pmatrix}2\\1\\-1\end{pmatrix}$
$g_2: \vec{x} = \begin{pmatrix}0\\1\\1\end{pmatrix} + s \cdot \begin{pmatrix}1\\-1\\1\end{pmatrix}$

a) Bestimme die Lagebeziehung der Geraden.

b) Falls sie sich schneiden, berechne den Schnittpunkt.

c) Berechne den Schnittwinkel der Geraden.

Musterlösung

a) Lagebeziehung prüfen:

Richtungsvektoren: $\vec{v_1} = \begin{pmatrix}2\\1\\-1\end{pmatrix}$ , $\vec{v_2} = \begin{pmatrix}1\\-1\\1\end{pmatrix}$

Da $\vec{v_1}$ und $\vec{v_2}$ nicht kollinear sind, sind die Geraden nicht parallel.

Schnittpunkt suchen: $\begin{pmatrix}1+2t\\t\\2-t\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}s\\1-s\\1+s\end{pmatrix}$

Gleichungssystem:

\begin{align*} 1 + 2t &= s \\ t &= 1 - s \\ 2 - t &= 1 + s \end{align*}

Aus (2): $s = 1 - t$ , einsetzen in (1): $1 + 2t = 1 - t \Rightarrow t = 0$ Also $s = 1$ .

Prüfung in (3): $2 - 0 = 1 + 1 = 2$ ✓

Die Geraden schneiden sich.

b) Schnittpunkt: $S = \begin{pmatrix}1\\0\\2\end{pmatrix}$

c) Schnittwinkel: $\cos(\alpha) = \frac{|\vec{v_1} \cdot \vec{v_2}|}{|\vec{v_1}| \cdot |\vec{v_2}|}$

\begin{align*} \vec{v_1} \cdot \vec{v_2} &= 2 \cdot 1 + 1 \cdot (-1) + (-1) \cdot 1 = 0 \\ |\vec{v_1}| &= \sqrt{4 + 1 + 1} = \sqrt{6} \\ |\vec{v_2}| &= \sqrt{1 + 1 + 1} = \sqrt{3} \end{align*}

$\cos(\alpha) = \frac{0}{\sqrt{6} \cdot \sqrt{3}} = 0$

Der Schnittwinkel beträgt $\alpha = 90°$ .

Aufgabe 3: Pyramide und Schnittwinkel

Videoerklärung

Eine quadratische Pyramide hat die Grundfläche $ABCD$ in der $x_1x_2$ -Ebene mit den Eckpunkten: $A(0|0|0)$ , $B(6|0|0)$ , $C(6|6|0)$ , $D(0|6|0)$

Die Spitze der Pyramide liegt bei $S(3|3|8)$ .

a) Bestimmen Sie die Gleichung der Ebene, in der die Seitenfläche $ABS$ liegt, in Parameterform.

b) Berechnen Sie den Flächeninhalt der Seitenfläche $ABS$ mithilfe des Kreuzprodukts, indem du diese Formel anwendest:

A_{ABS} = \frac{1}{2} \left|\overrightarrow{AB} \times \overrightarrow{AS}\right|

c) Berechnen Sie den Winkel zwischen der Seitenfläche $ABS$ und der Grundfläche $ABCD$ .

d) Die Gerade $g: \vec{x} = \begin{pmatrix}3\\0\\0\end{pmatrix} + t \cdot \begin{pmatrix}0\\1\\1\end{pmatrix}$ verläuft durch die Pyramide. Bestimmen Sie die Schnittpunkte von $g$ mit der Seitenfläche $ABS$ .

Musterlösung

a) Parameterform der Ebene durch $ABS$ :

Stützvektor: $\vec{OA} = \begin{pmatrix}0\\0\\0\end{pmatrix}$

Richtungsvektoren:

\begin{align*} \overrightarrow{AB} &= \begin{pmatrix}6\\0\\0\end{pmatrix} \\ \overrightarrow{AS} &= \begin{pmatrix}3\\3\\8\end{pmatrix} \end{align*}

Ebenengleichung:

E_{ABS}: \vec{x} = \begin{pmatrix}0\\0\\0\end{pmatrix} + r \cdot \begin{pmatrix}6\\0\\0\end{pmatrix} + s \cdot \begin{pmatrix}3\\3\\8\end{pmatrix}

b) Flächeninhalt mit Kreuzprodukt:

\overrightarrow{AB} \times \overrightarrow{AS} = \begin{pmatrix}6\\0\\0\end{pmatrix} \times \begin{pmatrix}3\\3\\8\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}0 \cdot 8 - 0 \cdot 3\\0 \cdot 3 - 6 \cdot 8\\6 \cdot 3 - 0 \cdot 3\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}0\\-48\\18\end{pmatrix}

Flächeninhalt des Dreiecks $ABS$ :

A = \frac{1}{2} \left|\overrightarrow{AB} \times \overrightarrow{AS}\right| = \frac{1}{2}\sqrt{0^2 + (-48)^2 + 18^2} = \frac{1}{2}\sqrt{2304 + 324} = \frac{1}{2}\sqrt{2628} \approx 25{,}64 \text{ FE}

c) Winkel zwischen den Ebenen:

Normalenvektor der Seitenfläche: $\vec{n_1} = \begin{pmatrix}0\\-48\\18\end{pmatrix}$ (oder vereinfacht: $\begin{pmatrix}0\\-8\\3\end{pmatrix}$ )

Normalenvektor der Grundfläche: $\vec{n_2} = \begin{pmatrix}0\\0\\1\end{pmatrix}$

\cos(\alpha) = \frac{|\vec{n_1} \cdot \vec{n_2}|}{|\vec{n_1}| \cdot |\vec{n_2}|} = \frac{|0 \cdot 0 + (-8) \cdot 0 + 3 \cdot 1|}{\sqrt{64 + 9} \cdot 1} = \frac{3}{\sqrt{73}} \approx 0{,}351

\alpha = \arccos(0{,}351) \approx 69{,}4°

d) Schnittpunkt von $g$ mit der Ebene $ABS$ :

Einsetzen der Geradengleichung in die Ebenengleichung:

\begin{pmatrix}3\\t\\t\end{pmatrix} = \begin{pmatrix}0\\0\\0\end{pmatrix} + r \cdot \begin{pmatrix}6\\0\\0\end{pmatrix} + s \cdot \begin{pmatrix}3\\3\\8\end{pmatrix}

Gleichungssystem:

\begin{align*} x_1: \quad 3 &= 6r + 3s \\ x_2: \quad t &= 3s \\ x_3: \quad t &= 8s \end{align*}

Aus den letzten beiden Gleichungen: $3s = 8s \Rightarrow s = 0$ (nur für $s = 0$ lösbar, was $t = 0$ bedeutet)

Aus der ersten Gleichung mit $s = 0$ : $3 = 6r \Rightarrow r = 0{,}5$

Schnittpunkt: $\begin{pmatrix}3\\0\\0\end{pmatrix}$ (Punkt auf der Kante $AB$ )

Die Gerade schneidet die Seitenfläche nur im Punkt $(3|0|0)$ , da sie parallel zur Ebene verläuft, sobald sie in die Pyramide eindringt.